P1228 地毯填补问题

本文介绍: 简单分治

地毯填补问题

题目描述

相传在一个古老的阿拉伯国家里，有一座宫殿。宫殿里有个四四方方的格子迷宫，国王选择驸马的方法非常特殊，也非常简单：公主就站在其中一个方格子上，只要谁能用地毯将除公主站立的地方外的所有地方盖上，美丽漂亮聪慧的公主就是他的人了。公主这一个方格不能用地毯盖住，毯子的形状有所规定，只能有四种选择（如图）：

并且每一方格只能用一层地毯，迷宫的大小为

2^ktimes 2^k

$2^{k} \times 2^{k}$ 的方形。当然，也不能让公主无限制的在那儿等，对吧？由于你使用的是计算机，所以实现时间为

$1$ 秒。

输入格式

输入文件共

$2$ 行。

第一行一个整数

$k$ ，即给定被填补迷宫的大小为

2^ktimes 2^k

$2^{k} \times 2^{k}$ （

≤

0lt kleq 10

$0 < k \leq 10$ ）；
第二行两个整数

x,y

$x, y$ ，即给出公主所在方格的坐标（

$x$ 为行坐标，

$y$ 为列坐标），

$x$ 和

$y$ 之间有一个空格隔开。

输出格式

将迷宫填补完整的方案：每一补（行）为

x y c

$x y c$ （

x,y

$x, y$ 为毯子拐角的行坐标和列坐标，

$c$ 为使用毯子的形状，具体见上面的图

$1$ ，毯子形状分别用

1,2,3,4

$1, 2, 3, 4$ 表示，

x,y,c

$x, y, c$ 之间用一个空格隔开）。

样例 #1

样例输入 #1

3                          
3 3

样例输出 #1

提示

spj 报错代码解释：

upd 2023.8.19

text{upd 2023.8.19}

$upd 2023.8.19$ ：增加样例解释。

样例解释

详解

直接dfs过于恐怖，所以经思考后选择分治：
可以每次操作在分成四份的方格中进行
将填充后的格子视为新的“公主”
判断“公主”所在方位，将中间的格子填充好
最后将问题化为子问题——44格子中的简单问题
过程rt

因为公主位于右上角
所以在中间放缺口朝右上角的地毯

再处理右上角

再一次划分时就出现了44的子问题
第三次划分

ACcode

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
#define mv(x) (1<<(x))
void solve(int x,int y,int a,int b,int l)//递归分治
{
    if(l==1) return;
    if(x-a<=l/2-1&&y-b<=l/2-1)//左上
    {
        cout<<a+l/2<<" "<<b+l/2<<endl;
        solve(x,y,a,b,l/2);
        solve(a+l/2-1,b+l/2,a,b+l/2,l/2);
        solve(a+l/2,b+l/2-1,a+l/2,b,l/2);
        solve(a+l/2,b+l/2,a+l/2,b+l/2,l/2);
    }
    else if(x-a<=l/2-1&&y-b>l/2-1)//右上
    {
        cout<<a+l/2<<" "<<b+l/2-1<<endl;
        solve(a+l/2-1,b+l/2-1,a,b,l/2);
        solve(x,y,a,b+l/2,l/2);
        solve(a+l/2,b+l/2-1,a+l/2,b,l/2);
        solve(a+l/2,b+l/2,a+l/2,b+l/2,l/2);
    }
    else if(x-a>l/2-1&&y-b<=l/2-1)//左下
    {
        cout<<a+l/2-1<<" "<<b+l/2<<endl;
        solve(a+l/2-1,b+l/2-1,a,b,l/2);
        solve(a+l/2-1,b+l/2,a,b+l/2,l/2);
        solve(x,y,a+l/2,b,l/2);
        solve(a+l/2,b+l/2,a+l/2,b+l/2,l/2);
    }
    else//右下
    {
        cout<<a+l/2-1<<" "<<b+l/2-1<<endl;
        solve(a+l/2-1,b+l/2-1,a,b,l/2);
        solve(a+l/2-1,b+l/2,a,b+l/2,l/2);
        solve(a+l/2,b+l/2-1,a+l/2,b,l/2);
        solve(x,y,a+l/2,b+l/2,l/2);
    }
}
signed main()
{
    cin>>k>>x>>y;
    len=mv(k);
    solve(x,y,1,1,len);
    return 0;
}